2024届全国高考分科调研模拟测试卷 XGK☾(五)5物理答案正在持续更新，目前2024-2025全国100所名校答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

品味教育引领学习自与兰杀志高山峰矮，路从脚下伸。会对小鸟造成伤害，B错误；燃气灶的电子点火器运用了二、填空题尖端放电的原理，属于尖端放电现象，C正确；一辆金属11.(1)0.020.440.12.20车身的汽车是一个比较好的“避雷所”，D正确」(2)0.11.700.58.52.C提示(1)使用0.6A量程时，刻度盘上的每一小格为提示若将两电阻丝串联接人电路中，由于通过两:0.02A,表针示数为0.44A:当使用3A量程时，每一小格电阻丝的电流相同，由图像可知，此时甲的电阻大于乙为0.1A,表针示数为2.20A。的电阻，所以甲电阻丝两端的电压比乙电阻丝两端的电(2)使用3V量程时，每小格表示0.1V,表针示数为压大，A错误；由于两电阻丝的横截面积、长度均相同，故1.70V;使用15V量程时，每小格为0.5V,表针示数为甲电阻丝的电阻率比乙电阻丝的电阻率大，B错误；由Q=8.5V。图2R可知，在相同时间内，电流通过乙电阻丝产生的焦耳12.(1)④②(2)如下图所示(3)大于(3)从螺旋测微器可以读出金属丝的直径为0.633mm热少，C正确；由P-R可知D错误提示(1)因为待测电阻的阻值25kQ远大于滑动变从电压表可以读出电阻两端电压为1.20V,从电流表可3.BC阻器的阻值(0-500Q),所以供电电路应选择滑动变阻器以读出流过电阻的电流为0.50A,被测金属丝的阻值为提示根据点电荷电场特点，N点电势低于P点电R=20n-24.势，选项A错误；根据动能定理，-9p=)m,解得N点的分压式接法，待测电阻接在电路中，最大电流一发2510A=640μ，故电流表选2：待测电阻的阻值16三、计算题12.(1)2电势为4=-写，选项B正确：由于V点到0点的距离25kD远大于电流表A,的内阻，故测量电路应选用电流k0是P到0点的2倍，根据点电荷电场强度公式可知，P点表内接，U=500x10<25000V=12.5V,故电压表应选④。(2)V2H电场强度大小是N点的4倍，选项C正确；检验电荷在(2)按照(1)的分析可画出实验电路图，如下图所示。(3)2HN点具有的电势能为99=}m子，选项D错误。提示(1)设液珠的电荷量为g,质量为m,有R4.Dk祭-mg-mg提示由欧姆定律得U=E-r,当-0时，E=U,由解得液珠的比荷为是鸳；图线a与纵轴的交点读出电源的电动势为E=4V,故A错误；根据两图线交点处的状态可知，电阻两端的(2)当液珠速度最大时，有电压为U=3V,电流为0.2A,故B.C错误；根据闭合k0g-mg电路欧姆定律可知，光电池的内阻为气号D（3R只，R=,两式比较可以得出R大解得h=V2H;52,故D正确。于Re(3)设CB间的电势差为U,有5.B三、计算题lo99-0提示由闭合电路欧姆定律得输出功率P。=U1=EI-13.1.6W0.96W提示电动机不转动时，其消耗的电能全部转化为根据动能定理有qUa-mg(r-H)=0乃，即E以---，得1+E。又因P=R=R,=内能，故可视为纯电阻电路，由欧姆定律得，电动机线圈解得r=2H。内阻13.(101.256×10Wb1256×10Wh上式联立解得风R。故B法项正确。(2)8.4x10W66.C-号-8n=10提示(1)对A线圈，中，=B,2,中，=Bm,2,故磁通量提示粒子所受的静电力方向指向轨迹的内侧，与电动机转动时，消耗的电能转化为内能和机械能政改变量/，-中，=(0.8-0.4)x3.14×(1×10)Wb=1.256×电场线的切线方向一致，可知粒子带正电，A错误；由电其输入的电功率为104Wb场线的疏密程度可知粒子在A点所受的静电力小于在P人=lU=0.8×2W=1.6WD线圈与A线圈磁通量相等，变化量也相等，故D线B点所受的静电力，故粒子的加速度增加，B错误；由运电动机的机械功率为圈的磁通量改变量也为1.256×10Wb;动轨迹的弯曲方向知粒子在运动过程中，静电力对其做P机=P人-13=1.6W-0.82x1W-0.96W,(2)对C线圈，中'=Br2,磁场转过30°，线圈面积在正功，则其动能增加，电势能减小，C正确，D错误。7.B14.(1)ntan0垂直磁场方向上的投影为mm2cos30°，则中，=Burecos30°。g故磁通量改变量|中，'-④，'=BTr(1-cos30°)=84x提示当电位器的触片由b端滑向a端时，R接入(2)man2010W%。电路中的电阻逐渐变大，电路的总电阻变大，总电流减提示(1)小球在运动过程中有14(1)V3m4小，路端电压变大，则R,上电流变大，L上电流减小，R2Eg+mg=ma两端的电压变大，通过R2的电流变大，通过L,的电流减2又Eg=mg,可得a=2g小，则L、L2都变暗，选项B正确(2)1V3mg8.BD由2心提示虚线应为匀强电场中的等势线，由于O点电x=Ud(3)2V3mg势高于C点电势，电场线应垂直于虚线向下，根据两粒子ang提示(1)小球1从B到4过程，由动能定理得子的偏转情况可知M粒子所受静电力方向向下，N粒子联立可得仁以an6q-mg2eos30°=0-0所受静电力方向向上，因此M粒子带正电，N粒子带负电，A错误；0、A两点的电势差与O、C两点的电势差相解得=V3mgL等，均为U,两粒子带电荷量绝对值为9，质量为m,根据(2-号ax2gx(agn8片iama(2)BA间沿电场线的距离为dL+Lsin30°动能定理，M到C和到1的逢度大小电场力做正功，电势能减小，则有AE=-W =-Eqy=-mgy=-mvotan0在勾强电扬，有上=号是相等的，B正确；N从O到A静电力一直对它做正功故电势能减小了an日。C错误；0B两点电势相等，从O到B静电力对M粒子15.(1)24J联立解得E=V3mg做功为0，D正确。故本题选BD。(2)5ms30(3)未拿走球2时，小球1恰好处于静止状态，小球9.AD(3)V46m提示考虑到闭合电键后电路的安金性判断A项正提示(1)静电力做的功等于增加的机械能1和2间的作用力为F0g确，B项错误；电键S闭合后，电路中的总电流增大，要保AE=EqL=2.4J;小球1受方平衡，小球还受重力mg,电场力E,细持电流计中的电流不变，R中电流稍大于，C项错误，(2)小球沿合外力方向做匀加速直线运动通过0点正下方，mg-3N,的=4N,故F含5N,与水平方向成37°角线接力F,由受力平衡可得D项正确。Fn3015-k9910.BCD由动定备提示B、D两点的电场强度方向相反，故两点的电解得=5ms；Feos30°=mg场强度不可能相同，选项A错误；根据对称性，A、G两点(3)小球做圆周运动时，临界位置Q在0点左上方，细解得0-2V3m的电势相等，B、D两点的电势相等，故A、B两点间的电线与水平方向的夹角为37°处，能到达Q点就一定能够到3kg势差Ue与C、D两点间的电势差a相等，选项B正期未剥评物理试卷（八）确：B、O、D三点相比较，O点的电势最高，故一质子由B达最高点，到达Q点的临界条件是P⅓="m一、选择题点沿B→0一D路径移至D点，电势能先增大后减小，选即=v√10s由动能定理知1.B项C正确：A、O、C三点相比较，O点的电势最低，电子在提示高压输电线上方有两根导线与大地相连，把0点的电势能最大，故一电子由C点沿G一0一4路径-mgLsin37-EgL(1+c0s37)=mm高压线屏蔽起来，可免遭雷击，A正确：小鸟的两只脚之移至A点，电势能先变大后变小，所以电场力对其先做问的距离很小，所以小鸟的两只脚之间的电压很小，不负功后做正功，选项D正确。解得，=V46m。